Questão 1. π¦ ′′ − 10π¦ ′ + 25π¦ = 30π₯ + 3 Resolvendo a equação homogenia; π¦ ′′ − 10π¦ ′ + 25π¦ = 0 π 2 − 10π + 25 = 0 → π = π= 10 ± √102 − 4 ⋅ 25 2⋅1 10 →π=5 2 De acordo com a raiz da equação, a solução homogênea é: π¦h = π1 π 5π₯ + π2 π₯π 5π₯ Propondo uma solução da seguinte forma para a solução particular: π¦π = π΄π₯ + π΅ Então → π¦π′′ = 0 π¦π′ = π΄ ; Substituindo na equação diferencial; −10π΄ + 25(π΄π₯ + π΅) = 30π₯ + 3 −10π΄ + 25π΄π₯ + 25π΅ = 30π₯ + 3 25π΄π₯ + 25π΅ − 10π΄ = 30π₯ + 3 Da anterior equação podemos obter as seguintes relaciones: 25π΄ = 30 25π΅ − 10π΄ = 3 Resolvendo o sistema: π΄= 6 5 E 25π΅ − 10 ⋅ 6 =3 5 25π΅ − 12 = 3 → π΅ = 3 5 Então a solução geral é: π¦ = π¦β + π¦π π¦ = π1 π 5π₯ + π2 π₯π 5π₯ + π΄π₯ + π΅ 6 3 π¦ = π1 π 5π₯ + π2 π₯π 5π₯ + π₯ + 5 5 Questão 2 π¦ ′′ + 3π¦ = −48π₯ 2 π 3π₯ Resolvendo a equação homogenia; π¦ ′′ + 3π¦ = 0 π 2 + 3 = 0 → π = ±√−3 → π = ±√3π A solução é da forma: π1 = πΌ1 + ππ½1 , π2 = πΌ2 + ππ½2 π¦ = π1 π πΌ1π₯ cosπ½1 π₯ + π2 π πΌ2π₯ senπ½2 π₯ Então π¦β = π1 cos√3π₯ + π2 sen√3π₯ Propondo uma solução da seguinte forma para a solução particular: π¦π = (π΄π₯ 2 + π΅π₯ + πΆ)π 3π₯ Então as derivadas de π¦π , são π¦π′ = (2π΄π₯ + π΅)π 3π₯ + (π΄π₯ 2 + π΅π₯ + πΆ)π 3π₯ ⋅ 3 π¦π′′ = 2π΄π 3π₯ + (2π΄π₯ + 3)3π 3π₯ + (2π΄π₯ + π΅)π 3π₯ 3 + (π΄π₯ 2 + π΅π₯ + πΆ)9π 3π₯ Substituindo na equação diferencial; (2π΄ + 6π΄π₯ + 3π΅ + 6π΄π₯ + 3π΅ + 9π΄π₯ 2 + 9π΅π₯ + 9πΆ)π 3π₯ + 3(π΄π₯ 2 + π΅π₯ + πΆ)π 3π₯ = 48π₯ 2 π 3π₯ (9π΄π₯ 2 + 3π΄π₯ 2 + 6π΄π₯ + 6π΄π₯ + 9π΅π₯ + 3π΅π₯ + 2π΄ + 3π΅ + 3π΅ + 9πΆ + 3πΆ)π 3π₯ = −48π₯ 2 π 3π₯ 12π΄π₯ 2 + (12π΄ + 12π΅)π₯ + 2π΄ + 6π΅ + 12πΆ = −48π₯ 2 π 3π₯ Da anterior equação podemos obter as seguintes relaciones: 12π΄ = −48 → π΄ = −4 12π΄ + 12π΅ = 0 → π΅ = 4 2π΄ + 6π΅ + 12πΆ = 0 → πΆ = 4 3 Então a solução particular é 4 π¦π = (−4π₯ 2 + 4π₯ + ) π 3π₯ 3 Então a solução geral é: π¦ = π¦β + π¦π 4 π¦ = π1 cos√3π₯ + π2 sen√3π₯ + (−4π₯ 2 + 4π₯ + ) π 3π₯ 3 Questão 3 π¦ ′′ + 2π¦ ′ + π¦ = senπ₯ + 3cos2π₯ Resolvendo a equação homogenia; π¦ ′′ + 2π¦ ′ + π¦ = 0 π 2 + 2π + 1 = 0 → π = π= −2 ± √4 − 4 2 −2 → π = −1 2 De acordo com a raiz da equação, a solução homogênea é: π¦h = π1 π −π₯ + π2 π₯π −π₯ Agora obtemos a solução particular pelo método de variação de parâmetros π¦π = π£1 π −π₯ + π£2 π₯π −π₯ O sistema associado é: π£1′ π −π₯ + π£2′ π₯π −π₯ = 0 −π£1′ π −π₯ + π£2′ (π −π₯ − π₯π −π₯ ) = senπ₯ + 3cos2π₯ Resolvendo o sistema para π£1 e π£2 π£1′ = −π£2′ π₯ π£2′ π₯π −π₯ + π£2′ (π −π₯ − π₯π −π₯ ) = senπ₯ + 3cos2π₯ π£2′ π −π₯ = senπ₯ + 3cos2π₯ → π£2′ = (senπ₯ + 3cos2π₯)π π₯ π£2 = ∫(senπ₯ + 3cos2π₯)π π₯ ππ₯ π£2 = ∫ senπ₯π π₯ ππ₯ + 3 ∫ cos2π₯ π π₯ ππ₯ Resolvendo a integral = ∫ senπ₯π π₯ ππ₯ π’ = π π₯ , π£ ′ = sin(π₯) = −π π₯ cos(π₯) − ∫ − π π₯ cos(π₯)ππ₯ = −π π₯ cos(π₯) − (−∫ π π₯ cos(π₯)ππ₯) = −π π₯ cos(π₯) − (−(π π₯ sin(π₯) − ∫ π π₯ sin(π₯)ππ₯)) ∫ π π₯ sin(π₯)ππ₯ = −π π₯ cos(π₯) − (−(π π₯ sin(π₯) − ∫ π π₯ sin(π₯)ππ₯)) =− π π₯ cos(π₯) π π₯ sin(π₯) + 2 2 Resolvendo a integral = 3 ∫ cos2π₯ π π₯ ππ₯ = 3 ( π£2 = − 2π π₯ sin(2π₯) + π π₯ cos(2π₯) ) 5 π π₯ cos(π₯) π π₯ sin(π₯) 3 + + (2π π₯ sin(2π₯) + π π₯ cos(2π₯)) 2 2 5 Para π£1′ = −π£2′ π₯ π£1′ = −(senπ₯ + 3cos2π₯)π π₯ π₯ π£1 = − ∫(senπ₯ + 3cos2π₯)π π₯ π₯ ππ₯ π£1 = − ∫ xsenπ₯π π₯ ππ₯ − ∫ 3cos2π₯π π₯ π₯ ππ₯ 1 1 1 π£1 = π₯ (− π π₯ cos(π₯) + π π₯ sin(π₯)) + π π₯ cos(π₯) 2 2 2 2π π₯ π₯sin(2π₯) + π π₯ π₯cos(2π₯) 3 π₯ 4 − 3( + π cos(2π₯) − π π₯ sin(2π₯)) 5 25 25 Então a solução particular é 1 1 1 π¦π = [π₯ (− π π₯ cos(π₯) + π π₯ sin(π₯)) + π π₯ cos(π₯) 2 2 2 2π π₯ π₯sin(2π₯) + π π₯ π₯cos(2π₯) 3 π₯ 4 − 3( + π cos(2π₯) − π π₯ sin(2π₯))] π −π₯ 5 25 25 π π₯ cos(π₯) π π₯ sin(π₯) 3 + [− + + (2π π₯ sin(2π₯) + π π₯ cos(2π₯))] π₯π −π₯ 2 2 5 Simplificando 1 12 9 π¦π = − cos(π₯) + sin(2π₯) − cos(2π₯) 2 25 25 A solução geral é: π¦ = π¦β + π¦π 1 12 9 π¦ = π1 π −π₯ + π2 π₯π −π₯ − cos(π₯) + sin(2π₯) − cos(2π₯) 2 25 25 Questão 4 π¦ ′′ + 4π¦ ′ + 5π¦ = 35π −4π₯ , π¦(0) = −3, π¦ ′ (0) = 1 Resolvendo a equação homogenia; π¦ ′′ + 4π¦ ′ + 5π¦ = 0 π 2 − 4π + 5 = 0 →π= 4 ± √16 − 20 2 π =2±π De acordo com a raiz da equação, a solução homogênea é: π¦β = π1 π 2π₯ cosπ₯ + π2 π 2π₯ senπ₯ Propondo uma solução da seguinte forma para a solução particular: π¦π = π΄π π΅π₯ → π¦ ′ = π΄π΅π π΅π₯ , π¦ ′′ = π΄π΅2 π π΅π₯ Substituindo na equação diferencial; π΄π΅2 π π΅π₯ − 4π΄π΅π π΅π₯ + 5π΄π π΅π₯ = 35π −4π₯ (π΄π΅2 − 4π΄π΅ + 5π΄)π π΅π₯ = 35π −4π₯ Da anterior equação podemos obter as seguintes relaciones: π΅ = −4 π΄π΅2 − 4π΄π΅ + 5π΄ = 35 → π΄ = 35 37 Então a solução particular é: π¦π = 35π −4π₯ 37 A solução geral é: π¦ = π¦β + π¦π π¦ = π1 π 2π₯ cosπ₯ + π2 π 2π₯ senπ₯ + 35π −4π₯ 37 Para as condições iniciais obtemos π¦(0) = −3, −3 = π1 + 35 37 → π1 = − 146 37 Para π¦ ′ (0) = 1 π¦ ′ = (−π1 senπ₯ + π2 cosπ₯)π 2π₯ + (π1 cosπ₯ + π2 senπ₯)π 2π₯ ⋅ 2 − 4 35 −4π₯ π 37 π¦ ′ (0) = π2 + 2π1 − 4 π2 − 2 35 =1 37 146 35 −4 =1 37 37 469 π2 = 37 A solução é π¦ = (− 146 469 35π −4π₯ cosπ₯ + senπ₯) π 2π₯ + 37 37 37 Questão 5 ππ₯ π¦ − 2π¦ + π¦ = 1 + π₯2 ′′ ′ Resolvendo a equação homogenia; π¦ ′′ − 2π¦ ′ + π¦ = 0 π 2 − 2π + 1 = 0 → π = 2 ± √4 − 4 →π=1 2 De acordo com a raiz da equação, a solução homogênea é: π¦β = π1 π π₯ + π2 π₯π π₯ Agora obtemos a solução particular pelo método de variação de parâmetros π¦π = π£1 π π₯ + π£2 π₯π π₯ O sistema associado é π£1′ π π₯ + π£2′ π₯π π₯ = 0 π£1′ π π₯ + π£2′ (π π₯ + π₯π π₯ ) = ππ₯ 1 + π₯2 Resolvendo o sistema para π£1 e π£2 π£1′ = −π£2′ π₯ Substituindo na segunda eq. −π£2′ π₯π π₯ + π£2′ (π π₯ + π₯π π₯ ) = −π£2′ π₯ + π£2′ + π₯π£2′ = π£2′ = 1 1 + π₯2 1 1 → π£ = ∫ ππ₯ 2 1 + π₯2 1 + π₯2 π£2 = tan−1 (π₯) Agora π£1 é ππ₯ 1 + π₯2 π£1′ = − 1 π₯ 1 + π₯2 → π£1 = − ∫ π₯ ππ₯ 1 + π₯2 Fazendo a integral π£1 = − ∫ π₯ ππ₯ 1 + π₯2 π’ = 1 + π₯ 2 → ππ’ = 2π₯ππ₯ 1 1 π£1 = − ∫ ππ’ → 2 π’ π£1 = ln (1 + π₯ 2 ) Então a solução particular é: π¦π = ln (1 + π₯ 2 )π π₯ + tan−1 (π₯) π₯π π₯ A solução geral é: π¦ = π¦β + π¦π π¦ = π1 π π₯ + π2 π₯π π₯ + ln (1 + π₯ 2 )π π₯ + tan−1 (π₯) π₯π π₯ π¦ = [π1 + π2 π₯ + ln (1 + π₯ 2 ) + tan−1 (π₯) π₯]π π₯ Questão 6 π¦ ′′ + π¦ = sec 2 π₯ Resolvendo a equação homogenia; π¦ ′′ + π¦ = 0 π2 + 1 = 0 → π=π De acordo com a raiz da equação, a solução homogênea é: π¦β = π1 cos(π₯) + π2 sen(π₯) Agora obtemos a solução particular pelo método de variação de parâmetros π¦π = π£1 cosπ₯ + π£2 senπ₯ O sistema associado é π£1′ cosπ₯ + π£2′ senπ₯ = 0 → π£1′ = −tanπ₯π£2′ −π£1′ senπ₯ + π£2′ cosπ₯ = 1 cos2 π₯ Das duas eq. Obtemos 1 cos 2 π₯ 1 (tan π₯ sinπ₯ + cosπ₯)π£2′ = cos 2 π₯ tanπ₯senπ₯π£21 + π£21 cosπ₯ = sen2 π₯ + cos 2 π₯ ′ 1 π£2 = cosπ₯ cos 2 π₯ 1 1 1 π£2′ = → π£2 = ∫ ππ₯ → π£2 = ln ( + π‘πππ₯ ) cosπ₯ cosπ₯ πππ π₯ Para π£1′ π£1′ = −tanπ₯π£2′ → π£1′ = −tanπ₯ 1 cosπ₯ π πππ₯ cos2 π₯ π πππ₯ π£1 = − ∫ ππ₯ cos2 π₯ π£1′ = − π’ = πππ π₯ → = ∫− 1 1 ππ’ = − 2 π’ π’ π£1 = − 1 cos (π₯) Então a solução particular é: π¦π = − 1 1 cosπ₯ + ln ( + π‘πππ₯ ) senπ₯ cos (π₯) πππ π₯ π¦π = −1 + ln ( 1 + π‘πππ₯ ) senπ₯ πππ π₯ A solução geral é: π¦ = π1 cos(π₯) + π2 sen(π₯) + −1 + ln ( 1 + π‘πππ₯ ) senπ₯ πππ π₯