Análisis de Variable Real 2 Corto 3 Andrea Argüello Entrega: 29 de octubre Determine la convergencia o divergencia de las siguientes series. 1. ∞ P (1 − cos n1 ) n=1 • Nótese que | cos n1 | ≤ 1 ⇒ 1 − cos n1 ≥ 0, ∀n. Además, 1 1 + 2n 2n 1 1 1 1 cos − sin sin = cos 2n 2n 2n 2n 1 1 = cos2 − sin2 2n 2n 1 1 = 1 − sin2 − sin2 2n 2n 1 = 1 − 2 sin2 2n 1 cos = cos n ⇒ 1−cos n1 = 2 sin2 1 . 2n Por otro lado si x ≥ 0, sin x ≤ x. Entonces, como los n son 1 1 1 2 positivos, 2n también lo es y se tiene que 2 sin2 2n ≤ 2( 2n ) = 2n1 2 ⇒ 1−cos n1 ≤ 2n1 2 ∞ ∞ ∞ ∞ P P P P 1 1 1 1 ⇒ (1 − cos n1 ) ≤ = ≤ , la cual converge por p-series dado 2n2 2 n2 n2 n=1 n=1 n=1 n=1 1 que p = 2 > 1 ∞ P ⇒ (1 − cos n1 ) converge por comparación n=1 2. ∞ P (sin n)n n=1 • Nótese que lim (sin n)n no existe. En efecto, tómese las subsucesiones ((sin (2πn))n ) n→∞ y (sin (2πn + π2 ))n , nótese que (sin (2πn))n = 0n y (sin (2πn + π2 ))n = (sin (2πn) cos ( π2 )+ cos (2πn) sin ( π2 ))n = (cos (2πn))n = 1n , ∀n ∈ [1, ∞) ⇒ (sin (2πn))n −−−→ 0 y (sin (2πn + π2 ))n −−−→ 1 n→∞ n→∞ n ⇒ lim (sin n) es indeterminado n→∞ ∞ P ⇒ (sin n)n diverge por criterio de divergencia. n=1 3. ∞ √ √ P ( n2 + 1 − 3 n3 + 1) n=0 • Nótese que √ n2 + 1 − √ √ √ 3 3 n3 + 1 = n2 + 1 − n + n − n3 + 1 Por diferencia de cuadrados y cubos, respectivamente, se tiene que √ √ ( n2 + 1)2 − n2 2 n +1−n= √ n2 + 1 + n 1 =√ n2 + 1 + n √ 3 3 √ n − ( n3 + 1)3 3 3 √ √ n− n +1= n2 + n 3 n3 + 1 + ( 3 n3 + 1)2 1 √ √ =− 3 n2 + n n3 + 1 + ( 3 n3 + 1)2 2 ⇒ √ n2 + 1 − √ 3 1 1 √ √ − 3 n2 + 1 + n n2 + n n3 + 1 + ( 3 n3 + 1)2 1 1 q = q − √ 3 1 1 3 3 3 n 1 + n2 + 1 n n + n + 1 + n + 2 + n3 1 1 1 q = q − √ 3 n 1 1 3 3 3 1+ +1 n+ n +1+ n +2+ n3 + 1 = √ n2 n3 Por criterio de comparación al lı́mite, tómese la serie divergente ∞ P n=1 1 n lim q 1 1+ 12 +1 n→∞ n − 1q √ n+ 3 n3 +1+ 3 n3 +2+ 1 n 1 n 1 n3 1 1 q − = lim q √ n→∞ 1 + n12 + 1 n + 3 n3 + 1 + 3 n3 + 2 + 1 −0 2 1 = 2 = ⇒ ∞ √ √ P ( n2 + 1 − 3 n3 + 1) diverge por criterio de comparación al lı́mite n=0 4. ∞ P ( n1 ln (1 + n1 )) n=1 • Nótese que los términos de la serie son positivos, ya que 1 + n1 > 1, y por lo tanto al evaluarlo en el logaritmo natural su resultado será positivo (el resultado del logaritmo natural es negativo para 0 < n < 1). Por desigualdad de Bernoulli, se tiene que x k 1 + kx ≤ (1 + x) ⇒ 1 + x ≤ 1 + −−−→ ex k→∞ k k 3 1 n3 Sustituyendo x por n1 se tiene que 1 + n1 ≤ e1/n ⇒ ln 1 + n1 ≤ ln e1/n = ∞ ∞ P P 1 Entonces, ( n1 ln (1 + n1 )) ≤ , la cual converge por p-series n2 ⇒ 5. ∞ P n=1 ∞ P n=1 n=1 ( n1 n=1 1 . n ln (1 + 1 )) n converge por criterio de comparación nn en n! • Por el criterio del logaritmo nn en n! (n+1)n+1 en+1 (n+1)! lim n ln n→∞ ! nn e nn en+1 (n + 1)! = lim n ln = lim n ln n→∞ n→∞ (n + 1)n+1 en n! (n + 1)n n e 1 = lim n ln = lim n ln e − ln 1 + n→∞ n→∞ n (1 + n1 )n 1 = lim n 1 − n ln 1 + n→∞ n Recordando que la serie de Taylor de ln (1 + x) = ∞ P n (−1)n+1 xn n=1 1 1 1 1 1 lim n 1 − n ln 1 + = lim n 1 − n − + − + ... n→∞ n→∞ n n 2n2 3n3 4n4 1 1 1 = lim n 1 − 1 + − + − ... n→∞ 2n 3n2 4n3 1 1 1 = lim − + 2 − ... n→∞ 2 3n 4n 1 = <1 2 ⇒ ∞ P n=0 6. ∞ P n=1 nn en n! diverge por criterio del logaritmo 1 √ 2 n • Nótese que √ n es una función monótona creciente y positiva para n ≥ 0, i.e. 4 √ √ p √ n n ≤ (n + 1) ⇒ 2 ≤ 2 (n+1) ⇒ √1 2 (n+1) ≤ 1 √ n 2 . Sea entonces f (x) = 1 , notando que por las propiedades anteriormente mencionadas, f (x) es no R∞ negativa, integrable y monótona decreciente en [1, ∞). Entonces, 1 f (x)dx = R∞ 1 Ra 1 Ra 1 √ 1 1 √ dx = lim √ dx, sea w = √ dx = √ x, dw = dx = dx ⇒ lim x x x 2w 1 2 2 x a→∞ 1 2 a→∞ 1 2 Ra w lim 2 1 2w dw; integrando por partes, con u = w, dv = ( 21 )w , du = dw, v = a→∞ Ra 1 a a 1 1 w 1 dw = lim [− 2wwln 2 − 2w ln + lim = 1 = − 2w ln 2 ⇒ lim − 2w ln 2 2 ] w 1 2w ln 2 2 1 1 2 ln √ x 2 a→∞ 2 a lim − w2wlnln2+1 2 2 1 a→∞ = a→∞ a→∞ ln 2+1 lim − a2alnln2+1 . 2 + 2 2 ln2 2 a→∞ H Nótese que lim − a2alnln2+1 = lim − 2alnln23 2 = 2 2 a→∞ a→∞ 0 R∞ a ln 2+1 ⇒ lim − w2wlnln2+1 = ⇒ f (x)dx converge 2 2 1 2 1 2 ln 2 a→∞ ∞ P 1 √ ⇒ converge por criterio de la integral. En particular, 2 n n=1 ∞ ln 2 + 1 1 ln 2 + 1 X 1 √ ≤ ≤ + 2 n 2 2 2 ln 2 2 ln2 2 n=1 7. ∞ P n=1 1 2ln n • Nótese que ln n es una función monótona creciente y positiva para n ≥ 1, i.e. ln n ≤ ln (n + 1) ⇒ 2ln n ≤ 2ln (n+1) ⇒ 1 2ln (n+1) ≤ 1 . 2ln n 1 , 2ln x Sea entonces f (x) = notando que por las propiedades anteriormente mencionadas, f (x) es no negativa, R∞ R∞ integrable y monótona decreciente en [1, ∞). Entonces, 1 f (x)dx = 1 2ln1 x dx, R∞ R∞ 1 ( e )u ∞ sea u = ln x, du = x1 dx = eln x dx = e−u dx ⇒ 1 2ln1 x dx = 0 ( 2e )u du = ln2 e , la 2 cual diverge ∞ P 1 ⇒ diverge por criterio de la integral 2ln n n=1 8. ∞ P n=3 1 n(ln n)(ln (ln n)) 5 0 • ∞ P n=3 1 n(ln n)(ln (ln n)) = ∞ P n=1 1 (n+2)(ln (n+2))(ln (ln (n+2))) Nótese que las funciones n, ln n, ln (ln n), en el dominio [1, ∞), son no negativas y monótonas crecientes. Entonces, el producto de las tres (n + 2)(ln (n + 2))(ln (ln (n + 2))) también será no negativa (en particular, mayor a 0) y monótona creciente en [1, ∞), i.e. (n+2)(ln (n + 2))(ln (ln (n + 2))) ≤ (n+3)(ln (n + 3))(ln (ln (n + 3))) ⇒ indicando que 1 (n+3)(ln (n+3))(ln (ln (n+3))) 1 (n+2)(ln (n+2))(ln (ln (n+2))) ≤ 1 , (n+2)(ln (n+2))(ln (ln (n+2))) es monótona decreciente y no negativa en 1 [1, ∞); sea f (x) = (x+2)(ln (x+2))(ln y nótese que esta misma es integrable. (ln (x+2))) R∞ R∞ 1 dx, sea u = ln (ln (x + 2)), du = Entonces, 1 f (x)dx = 1 (x+2)(ln (x+2))(ln (ln (x+2))) R∞ R∞ 1 1 dx ⇒ 1 (x+2)(ln (x+2))(ln dx = ln (ln 3) u1 du = ln |u||∞ ln (ln 3) = (x+2)(ln (x+2)) (ln (x+2))) ln | ln (ln x)||∞ 3 , la cual diverge ∞ P 1 ⇒ diverge por criterio de la integral. n(ln n)(ln (ln n)) n=3 9. ∞ P an , donde a1 = 1, an+1 = cos an , n ∈ Z+ n=1 • Sea f : [0, 1] → [0, 1], f (x) = cos x, nótese que f es diferenciable en (0, 1) tal que f 0 (x) = − sin x. Por TVM, ∃c ∈ (0, 1) 3 cos 1 − cos 0 = − sin c ⇒ | cos 1 − 1| = | sin c| ⇒ cos x es Lipschitz, además dado que | sin c| < 1, ∀c ∈ (0, 1), cos x es contracción ⇒ ∃!x0 ∈ (0, 1) 3 cos x0 = x0 por teorema del punto fijo para contracciones. Por otro lado, nótese que cos x es decreciente en el intervalo [0, 1], y a2n = cos a2n−1 = cos (cos a2n−2 ) y a2n+1 = cos a2n = cos (cos a2n−1 ). Entonces ∀n, m ≥ 3 se tiene que cos 1 = a2 < a4 < ... < a2n < ... < a2m+1 < ... < a5 < a3 < a1 = 1 6 Tómense entonces las subsucesiones (a2n ) y (a2n−1 ), ∀n ∈ Z+ , las cuales son acotadas y monótonas creciente y decreciente, respectivamente. Entonces, el lim a2n n→∞ y lim a2n−1 existen por teorema de convergencia monótona; además, si se busn→∞ casen los puntos fijos de ambas se llega a L = cos L, y esto solo se cumple para L = x0 ya que el punto fijo es único. Como ambas subsucesiones convergen a x0 y dado que (a2n ) ≤ (an ) ≤ (a2n−1 ), ∀n ∈ Z+ ⇒ (an ) converge y lim an = x0 > 0 n→∞ ∞ P + ⇒ an , donde a1 = 1, an+1 = cos an , n ∈ Z diverge por criterio de divergencia n=1 10. ∞ P √ (−1)n ( n n − 1)n n=1 • ∞ P √ √ (−1)n ( n n − 1)n es una serie alternante, con an = ( n n − 1)n . A probar: n=1 √ ( n n − 1)n → 0. √ Nótese que n n = eln 1 lim 1 n→∞ n √ n n 1 = e n ln n . Como e es una función continua, lim n→∞ ln n √ n n= lim e n ln n = e . Además, ln n < n, ∀n > 0, entonces lim n1 ln n = 0 ⇒ n→∞ √ 0 lim n n = e = 1 n→∞ √ ⇒ lim n n − 1 = 1 − 1 = 0 n→∞ √ ⇒ lim ( n n − 1)n = 0 n→∞ ∞ P √ ⇒ (−1)n ( n n − 1)n es convergente por criterio de series alternantes n→∞ n=1 7